Teoría de Autómatas y Lenguajes Formales

Teoría de Autómatas y Lenguajes Formales.
Ejercicios de Lenguajes y Gramáticas
Teoría de Autómatas y Lenguajes Formales Ejercicios de Lenguajes y Gramáticas Autores:
Araceli Sanchis de Miguel
Agapito Ledezma Espino
Jose A. Iglesias Martínez
Beatriz García Jiménez
Juan Manuel Alonso Weber
* Algunos ejercicios están basados en enunciados de los siguientes libros:
• Enrique Alfonseca Cubero, Manuel Alfonseca Cubero, Roberto Moriyón
Salomón. Teoría de autómatas y lenguajes formales. McGraw-Hill (2007).
• Manuel Alfonseca, Justo Sancho, Miguel Martínez Orga. Teoría de lenguajes,
gramáticas y autómatas. Publicaciones R.A.E.C. (1997).
• Pedro Isasi, Paloma Martínez y Daniel Borrajo. Lenguajes, Gramáticas y
Autómatas. Un enfoque práctico. Addison-Wesley (1997).
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Ejercicios de Lenguajes y Gramáticas
1. Crear una gramática que genere los siguientes lenguajes:
a)
b)
c)
d)
a)
b)
c)
d)
{ a, aa, aaa }
{ a, aa, aaa, aaaa, aaaaa, …)
{ λ, a, aa, aaa }
{ λ, a, aa, aaa, aaaa, aaaaa, …)
La notación empleada para representar cada uno de los lenguajes será:
{ an | n ∈ [1, 3] }
{ an | n > 0 }
{ an | n ∈ [0, 3] }
{ an | n ≥ 0 }
2. Dadas las gramáticas G=(ΣT, ΣNT, S, Pi} donde:
G1
ΣT = {c}
ΣNT = {S, A}
P1: S→λ⏐A
A→AA| c
G2
ΣT = {c,d}
ΣNT = {S, A}
P2: S→λ⏐A
A→cAd| cd
G3
ΣT = {c}
ΣNT = {S, A}
P3: S→λ⏐A
A→AcA| c
G4
G5
ΣT = {c,d}
ΣT = {c,d}
ΣNT = {S, A,T}
ΣNT = {S, A}
P4: S→cA
P5: S→λ⏐A
A→d | cA| Td
A→Ad| cA | c| d
T→Td | d
Determinar el lenguaje asociado a dichas gramáticas.
3. Determinar el tipo de las siguientes gramáticas en la jerarquía de Chomsky,
justificándolo:
a) G=({a,b}, {A,B,S}, S, P),
P={S::=aA, A::=bB, A::=aA, A::=a, B::=λ}
b) G=({a,b,c}, {A,B,C,S}, S, P),
P={S::=aAb, S::=Ba, S::=λ, aAbC::=aAbB, aAbC::=aabC, BCc::=AaCc,
BCc::=BaAbc, C::=Ca, C::=a}
c) G=({casa, jardin, gato}, {S, CASERON, BOSQUE, TIGRE}, S, P),
P={ S::=TIGRE jardin, S::=BOSQUE CASERON, BOSQUE::=λ,
jardin CASERON TIGRE casa::=jardin BOSQUE TIGRE casa,
gato CASERON BOSQUE::=gato BOSQUE casa TIGRE BOSQUE,
BOSQUE::=TIGRE casa, BOSQUE::=jardin
}
d) G=({x,y}, {C,A,B,S}, S, P),
P={S::=Cx, S::=Cy, S::=By, S::=Ax, S::=x, S::=y, A::=Ax, A::=Cx, A::=x,
B::=By, B::=yA, C::=xA}
e) G=({a,b,c}, {S,B}, S, P),
P={S::=abc, S::=aBSc, Ba::=aB, Bb::=bb}
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Ejercicios de Lenguajes y Gramáticas
4. Dada la gramática G, se pide:
G=({a,b,c}, {S,A,B}, S, P), P={S::=λ, S::=aAc, A::=aA, A::=Ac, A::=B, B::=b, B::=Bb}
a)
b)
c)
d)
Especificar el tipo de G en la jerarquía de Chomsky, razonadamente.
Determinar el lenguaje L generado por la gramática G.
Construir 2 árboles de derivación para una misma palabra perteneciente a L(G).
Comprobar si las siguientes formas sentenciales son válidas en G, y en caso
afirmativo establecer una cadena de derivaciones que permite llegar a cada una de
ellas.
d.1.- aaAcc
d.2.-ac
d.3.-ababBcc
d.4.-abbccc
5. Obtener una gramática de tipo 0 para el lenguaje L={anbncn / n≥1}.
6. Realizar las transformaciones necesarias del proceso de limpieza de gramáticas, para
obtener una gramática limpia G' equivalente a la G dada.
G = ({a,b,c,d}, {X,Y,Z,O,P,Q,A}, Z, P),
P = { Z::=Z, Q::=OP, X::=aa, Z::=aX, Y::=aa, Z::=Ya, O::=b, Z::=aaa,
P::=QO, Q::=d, P::=c, O::=PQ}
7. Dada la gramática G LI, obtener una G’ LD equivalente.
G=({0,1},{A,S},S,P)
P={ S ::= 1 | A1; A ::= S0}
8. Dada la gramática G:
G = ({e,f,g,z,a,b,d}, {Y, X, E, A, D, I, G}, A, P),
P = { A::=a
E::=b
A::=azb
A::=aX
E::=E
G::=g
X::=XE
D::=eI
X::=z
Y::=b
I::=fG
X::=Xb
E::=d }
a) Transformar a FNC, explicando cada paso realizado.
b) Determinar si las palabras 'abz' y 'azdbb' pertenecen al lenguaje generado por G. En
caso afirmativo, generar un árbol de derivación para dicha palabra. En caso
negativo, justificar la no pertenencia.
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9. Obtener una gramática en FNC equivalente a la siguiente:
G = ({a, b, c},{S, A, B, C, D, E), S, P)
P = { S::=AaB | Cbb | B
A::=Aa | cD
B::=a | Ba | λ
C::=Sa | a | abB
D::=aaA
E::=aa }
10. Sea la gramática G, hallar su FNG equivalente.
G = ({a,b}, {S}, S, P), donde P = {S::=aSb | SS | λ}
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SOLUCIONES 1. Crear una gramática que genere los siguientes lenguajes: (T4p1E1)
a)
{ a, aa, aaa }
b)
{ a, aa, aaa, aaaa, aaaaa, …)
c)
{ λ, a, aa, aaa }
d)
{ λ, a, aa, aaa, aaaa, aaaaa, …)
La notación empleada para representar cada uno de los lenguajes será:
a)
{ an | n ∈ [1, 3] }
b)
{ an | n > 0 }
c)
{ an | n ∈ [0, 3] }
d)
{ an | n ≥ 0 }
Solución:
a) La gramática sólo debe generar tres palabras y se puede admitir que todas ellas
están formadas por el símbolo “a”. Por tanto, una posible solución es:
G=({a}, {S}, S, P} donde:
P={S::=a | aa | aaa}
b) En este caso, las palabras del lenguaje están formadas por una o varias aes. Por
tanto, una posible solución es:
G=({a}, {S, A}, S, P} donde:
P={S::=A
A::= a | aA}
o simplemente,
G=({a}, {S}, S, P} donde:
P={S::=a | aS}
c) Este caso es similar al planteado en el primer apartado pero, a diferencia de éste, la
palabra vacía debe pertenecer al lenguaje. Por tanto, una posible solución es:
G=({a}, {S}, S, P} donde:
P={S::= λ | a | aa | aaa}
d) Este caso es similar al planteado en el segundo apartado pero, a diferencia de éste,
la palabra vacía debe pertenecer al lenguaje. Por tanto, una posible solución es:
G=({a}, {S, A}, S, P} donde:
P={S::= λ |A
A:= a | aA}
o simplemente,
G=({a}, {S}, S, P} donde:
P={S::= λ | aS}
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2. Dadas las gramáticas G=(Σ T, Σ NT, S, Pi} donde: (T4p1E2)
G1
ΣT = {c}
ΣNT = {S, A}
P1: S→λ⏐A
A→AA| c
G2
ΣT = {c,d}
ΣNT = {S, A}
P2: S→λ⏐A
A→cAd| cd
G3
ΣT = {c}
ΣNT = {S, A}
P3: S→λ⏐A
A→AcA| c
G4
G5
ΣT = {c,d}
ΣT = {c,d}
ΣNT = {S, A,T}
ΣNT = {S, A}
P4: S→cA
P5: S→λ⏐A
A→d | cA| Td
A→Ad| cA | c| d
T→Td | d
Determinar el lenguaje asociado a dichas gramáticas.
Solución:
El lenguaje asociado a una gramática se corresponde con el conjunto de todas las
sentencias de la gramática:
L(G) = {x / S*→ x AND x∈Σ* }
Una forma de encontrar las sentencias (o palabras) del lenguaje asociado a una gramática
es apoyarse en una estructura en forma de árbol en la que la raíz es el axioma y las hojas
las palabras del lenguaje. Para construir este árbol, hay que tener presente que sus nodos,
en general, se corresponden con palabras temporales que derivan en otras palabras
temporales. El paso de una a otra se consigue aplicando producciones.
En gramáticas de tipo 2 ó 3 esta transformación se puede simplificar asumiendo que las
nuevas palabras temporales se obtienen a partir de su progenitor derivando el símbolo NT
situado más a la izquierda.
a) S::=λ | A
A::=AA | c
S
A
AA
λ
c
AAA
cA
cAA
cc
cAAA
ccA
ccAA
L(G1)={ λ, c, cc, ccc, …. }= {λ, cn} con n=1, 2, 3, ……
6
ccc
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Determinadas palabras se pueden encontrar por más de un camino:
La Gramática es ambigua.
S
S
A
A
A
A
A
A
c
c
A
c
c
A
A
A
c
c
Dos árboles sintácticos (o de derivación) que
producen la sentencia ccc
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b) S::=λ | A
A::=cAd | cd
S
A
cd
cAd
ccAdd
cccAddd
λ
ccdd
cccddd
L(G2)={ λ, cd, ccdd, cccddd, …. }= {λ, cndn} con n=1, 2, 3, ……
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c) S::=λ | A
A::=AcA | c
S
A
AcA
λ
c
AcAcA
ccA
AcAcAcA
ccc
ccAcA
AcAcAcAcA
ccccA
ccAcAcA
ccccAcA
ccAcAcAcA
ccccc
ccccccA
ccccAcAcA
ccccccAcA
ccccccAcAcA
ccccccccA
ccccccccAcA
L(G3)={ λ, c, ccc, ccccc, ccccccc,…. }= {λ, cn} con n=1, 3, 5, ……=
={λ, c2n+1} con n=0,1, 2, 3, ……
Determinadas palabras se pueden encontrar por más de un camino:
La Gramática es ambigua.
9
ccccccc
ccccccccc
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S
S
A
A
A
A
c
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A
A
A
A
c
c
A
c
c
c
c
Dos árboles sintácticos (o de derivación) que
producen la sentencia ccccc
10
c
A
c
c
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d) S::=cA
A::=d | cA | Td
T::=Td | d
En ocasiones, analizar la semántica de las producciones que definen la gramática puede
resultar más factible que intentar encontrar las palabras del lenguaje asociado a una
palabra y, a partir de ellas, obtener su definición genérica. Así, por ejemplo, analizando
las producciones que definen esta gramática es fácil obtener las siguientes conclusiones:
S → cA:
A→ | cA:
A→ d | Td:
T → Td | d:
“la palabra empieza por c”
“añade ene ces”
“la palabra termina en d”
“añade eme des”
A partir de este análisis es relativamente fácil determinar que las palabras del lenguaje
asociado a esta gramática se ajustan a:
L(Gd)={cndm / n,m≥1}
Construyendo el árbol, se encuentra que:
S
cA
cd
ccA
cTd
cdd
ccd
ccTd
cccA
cddd
ccdd
cccd
ccccA
cTdd
cTddd
ccTdd
cdddd
cccTd
ccddd
ccTddd
L(G4)={ cd, ccd, cccd, …..,cdd, ccdd,..... ccddd, ccddd, cdddd, …. }= {cndm} con n,m≥1
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cTdddd
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e) S::=λ | A
A::=cd |Ad | cA
Analizando las producciones se puede concluir:
S::=λ
“El lenguaje contiene la palabra vacía”
S::= A ; A::=cd
“cd es una palabra del lenguaje”
S::= A ; A::=Ad
“Las palabras terminan en una cadena de des”
S::= A ; A::=cA
“Las palabras comienzan por una cadena de ces”
A partir de este análisis se puede determinar que las palabras del lenguaje asociado a
esta gramática se ajustan a:
L(Ge)= {λ, cndm / n,m≥1}
Construyendo el árbol:
S
A
cd
Ad
cdd
Add
λ
cA
cAd
ccdd
cddd
Addd
cAdd
ccd
ccAd
cAd
ccA
cccd
cAdd
L(G5)={ λ, cd, cdd, cddd,...... ccd, ccdd, ccddd,…. }= {λ, cndm}= con n,m>=1
12
ccAd
cccA
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Determinadas palabras se pueden encontrar por más de un camino:
La Gramática es ambigua.
S
S
A
A
A
A
A
c
c
A
d
d
c
c
Dos árboles sintácticos (o de derivación) que
producen la sentencia ccdd
13
d
d
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3. Determinar el tipo de las siguientes gramáticas en la jerarquía de Chomsky,
justificándolo: (T4p1E4)
a) G=({a,b}, {A,B,S}, S, P),
P={S::=aA, A::=bB, A::=aA, A::=a, B::=λ}
b) G=({a,b,c}, {A,B,C,S}, S, P),
P={S::=aAb, S::=Ba, S::=λ, aAbC::=aAbB, aAbC::=aabC, BCc::=AaCc,
BCc::=BaAbc, C::=Ca, C::=a}
c) G=({casa, jardin, gato}, {S, CASERON, BOSQUE, TIGRE}, S, P),
P={ S::=TIGRE jardin, S::=BOSQUE CASERON, BOSQUE::=λ,
jardin CASERON TIGRE casa::=jardin BOSQUE TIGRE casa,
gato CASERON BOSQUE::=gato BOSQUE casa TIGRE BOSQUE,
BOSQUE::=TIGRE casa,BOSQUE::=jardin
}
d) G=({x,y}, {C,A,B,S}, S, P),
P={S::=Cx, S::=Cy, S::=By, S::=Ax, S::=x, S::=y, A::=Ax, A::=Cx, A::=x,
B::=By, B::=yA, C::=xA}
e) G=({a,b,c}, {S,B}, S, P),
P={S::=abc, S::=aBSc, Ba::=aB, Bb::=bb}
Solución:
a) Tipo 0. Podría ser de tipo 3 pero tiene una regla compresora (B::=λ).
b) Tipo 1. En las producciones 4, 5, 6 y 7 se mantiene el contexto; y el resto serían
válidas en una gramática de tipo 2.
c) Tipo 0. Por regla compresora (BOSQUE::=λ). El resto de reglas mantienen el
contexto, siendo válidas en una gramática de tipo 1.
d) Tipo 2. Porque hay reglas de producción tipo Nt::=t Nt (G3LD) y tipo Nt::=Nt t
(G3LI) mezcladas en la misma gramática.
e) Tipo 0. Porque la regla 3 (Ba::=aB) no mantiene el contexto.
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4. Dada la gramática G, se pide: (T4p1E5)
G=({a,b,c}, {S,A,B}, S, P), P={S::=λ, S::=aAc, A::=aA, A::=Ac, A::=B, B::=b, B::=Bb}
e) Especificar el tipo de G en la jerarquía de Chomsky, razonadamente.
f) Determinar el lenguaje L generado por la gramática G.
g) Construir 2 árboles de derivación para una misma palabra perteneciente a
L(G).
h) Comprobar si las siguientes formas sentenciales son válidas en G, y en caso
afirmativo establecer una cadena de derivaciones que permite llegar a cada
una de ellas.
d.1.- aaAcc
d.2.-ac
d.3.-ababBcc
d.4.-abbccc
Solución:
a) G es de tipo 2 (de contexto libre).
Como todas las partes izquierdas están formadas por un sólo símbolo no terminal,
puede ser G3 ó G2; pero en las partes derechas hay diversas combinaciones en las
posiciones de terminal y no terminal (A::=aA y A::=Ac), y además hay reglas con más de 2
símbolos (S::=aAc), por lo que es G2.
b) L(G)={apbqcr, p=q=r=0 ó p,q,r>0}.
Es decir, cadenas con p veces 'a', q veces 'b', y r veces 'c', manteniendo el orden
(primero las a's, luego las b's y luego las c's). El número de veces que aparece cada símbolo
es: o bien 0 para todos (obteniendo la palabra λ), o bien al menos una aparición de cada
símbolo, cada uno con un número de veces igual o independiente al resto.
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Ejercicios de Lenguajes y Gramáticas
c) Palabra=aabcc
a
a
S
S
A
A
A
A
A
A
B
B
b
c
c
a
a
b
c
c
Derivación de árbol izquierdo: S → aAc → aaAc → aaAcc → aaBcc → aabcc
Derivación de árbol derecho: S → aAc → aAcc → aaAcc → aaBcc → aabcc
d)
d.1.- aaAcc: S → aAc → aaAc → aaAcc
d.2.- ac: inválida
d.3.- ababBcc: inválida
d.4.- abbccc: S → aAc → aAcc → aAccc → aBccc → aBbccc → abbccc
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Ejercicios de Lenguajes y Gramáticas
5. Obtener una gramática de tipo 0 para el lenguaje L={anbncn / n≥1} (T4p1E10)
Solución:
Si L={ ancn}
las producciones de la gramática serían:
S::= ac | aSc
¿Cómo introducir las “bes”?
Si se considera la producción: S::= abc | abSc
se obtendrían las siguientes palabras:
L’={abc, ababcc, abababccc, ababababcccc,.....}={(ab)ncn / n≥1}
En este lenguaje, el número de veces que aparece cada carácter es el correcto pero no el
orden en el que lo hacen. Para obtener el orden correcto se deberían utilizar reglas del tipo:
ba→ab
Ahora bien, puesto que esta regla no satisface las condiciones de una producción (al menos
un símbolo NT en la parte izquierda) no puede utilizarse.
Se podría pensar que la solución es:
S::= abc| aBSc
Ba::=aB
B::=b
S
abc
abSc
ababcc
aBSc
aBabcc
aBaBScc
abaBScc
¡¡Error!!
No obstante, y como se puede comprobar analizando el árbol de derivación, esta solución
es errónea pues el orden de los caracteres sigue siendo incorrecto. Para conseguir el orden
correcto es necesario garantizar que la sustitución B->b se realiza única y exclusivamente
una vez que las B están situadas en la posición correcta.
Puesto que la forma genérica de las cadenas obtenidas por las producciones:
S::= abc| aBSc
Ba::=aB
es: aBaBaB……abcccc….
Es fácil ver que una de las B estará correctamente posicionada sí y sólo sí precede a la b:
aBaBa….aBbcccc…. Si en este momento se realiza la sustitución, la forma genérica de las
palabras será:
aBaBa….abbcccc……
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Ejercicios de Lenguajes y Gramáticas
Las restantes B estarán correctamente posicionadas si preceden a la cadena de bes que se
está generando, es decir, siempre que B preceda a b.
En base a esto, la solución del problema planteado es:
S::= abc| aBSc
Ba::=aB
Bb::=bb
S
abc
aBabcc
aBSc
aBaBScc
aaBbcc aBaBabccc
aabbcc
aBaBaBSccc
aaBBabccc
aBaBaBabcccc
aaBaBbccc
aBaBaaBbcccc
aaaBBbccc
aBaaBaBbcccc
aaaBbbccc
aBaaaBBbcccc
aaabbbccc
aaBaaBBbcccc
aaaBaBBbcccc
aaaaBBBbcccc
aaaaBBbbcccc
aaaaBbbbcccc
aaaabbbbcccc
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Ejercicios de Lenguajes y Gramáticas
6. Realizar las transformaciones necesarias del proceso de limpieza de gramáticas,
para obtener una gramática limpia G' equivalente a la G dada. (T4p2E3)
G = ({a,b,c,d}, {X,Y,Z,O,P,Q,A}, Z, P),
P = { Z::=Z, Q::=OP, X::=aa, Z::=aX, Y::=aa, Z::=Ya, O::=b, Z::=aaa,
P::=QO, Q::=d, P::=c, O::=PQ}
Solución:
G' = ({a}, {X,Y, Z}, Z, P'), P' = {Z::=aaa, Z::=aX, Z::=Ya, X::=aa, Y::=aa}
La gramática de entrada tiene una regla innecesaria asociada al axioma (Z::=Z).
Los símbolos inaccesibles son:
• No Terminales: O, P, Q
• Terminales: b, c, d (Estos símbolos forman parte de las producciones asociadas a
los NT que se eliminan).
No hay reglas supérfluas.
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Ejercicios de Lenguajes y Gramáticas
7. Dada la gramática G LI, obtener una G’ LD equivalente. (T4p2E6)
G=({0,1},{A,S},S,P)
P={ S ::= 1 | A1; A ::= S0}
Solución:
Primero, como hay axioma inducido (axioma en la parte derecha) en la tercera regla, por lo
que antes de aplicar el algoritmo de conversión G3LI en G3LD hay que eliminar el axioma
inducido, obteniendo su gramática equivalente.
Se añade un nuevo NT => B ∈ ΣN.
Se añade una regla B::=x, para cada regla S::=x (pero no se eliminan las reglas del
axioma):
S ::= 1 | A1  B::=1 | A1
Se sustituye el axioma en la parte derecha (en todas las reglas que aparezca) por el nuevo
símbolo NT añadido:
A ::= S0  A::=B0
La gramática resultante equivalente sin axioma inducido es:
G’ = ({a,b}, {A,S,B}, S, P’), P’={S::=1 | A1, A::=B0, B::=1 | A1}
Ahora se puede pasar a convertir en LD, construyendo el grafo correspondiente, e
invirtiendo la orientación de las conexiones:

Reescribiendo las producciones leyendo el grafo de la derecha, la gramática G LD
equivalente resultante es:
G LI = ({a,b}, {A,S,B}, S, P), P={S::=1|1B, B::=0A, A::=1|1B}
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Teoría de Autómatas y Lenguajes Formales.
Ejercicios de Lenguajes y Gramáticas
8. Dada la gramática G: (T4p2E8)
G = ({e,f,g,z,a,b,d}, {Y, X, E, A, D, I, G}, A, P),
P = { A::=a
E::=b
A::=azb
A::=aX
E::=E
G::=g
X::=XE
D::=eI
X::=z
Y::=b
I::=fG
X::=Xb
E::=d }
a) Transformar a FNC, explicando cada paso realizado.
b) Determinar si las palabras 'abz' y 'azdbb' pertenecen al lenguaje generado por
G. En caso afirmativo, generar un árbol de derivación para dicha palabra. En
caso negativo, justificar la no pertenencia.
Solución:
a) Transformación a FNC, limpiándola previamente:
Limpieza
• Reglas Innecesarias:
E::=E
• Símbolos inaccesibles:
o No aparecen en parte derecha: D, Y
D::=eI, Y::=b
o Tras varios ciclos (indirectos): G, I
G::=g, I::=fG
Gramática limpia:
G' = ({a,b,d,z}, {X, E, A}, A, P'),
P' = { A::=a
A::=aX
A::=azb
E::=b
E::=d
X::=Xb
X::=XE
X::=z
}
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Ejercicios de Lenguajes y Gramáticas
Transformación a FNC (tabuladas en FNC)
• Tratamiento de A::=aX
A::=BX
B::=a
•
Tratamiento de A::=azb
A::=BC
C::=zb
C::=DF
D::=z
F::=b
•
Tratamiento de X::=Xb
X::=XF
Gramática en FNC:
G' '= ({a,b,d,z}, {A, B, C, D, E, F, X}, A, P''),
P'' = { A::=a
A::=BC
A::=BX
B::=a
C::=DF
D::=z
E::=b
E::=d
F::=b
X::=XE
X::=XF
X::=z
}
b) Palabras:
• abz: No pertenece, porque no existe ningún árbol de derivación que la genere.
• azdbb: Sí pertenece:
A → BX → aX → aXF → aXFF → aXEFF → azEFF → azdFF → azdbF → azdbb
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Teoría de Autómatas y Lenguajes Formales.
Ejercicios de Lenguajes y Gramáticas
9. Obtener una gramática en FNC equivalente a la siguiente: (T4p2E9)
G = ({a, b, c},{S, A, B, C, D, E), S, P)
P = { S::=AaB | Cbb | B
A::=Aa | cD
B::=a | Ba | λ
C::=Sa | a | abB
D::=aaA
E::=aa }
Solución:
a) Gramática Bien Formada
Símbolos superfluos o no generativos = {A,D}
P = { S ::= Cbb | B
B ::= a | Ba | λ
C ::= Sa | a | abB
E ::= aa }
Símbolos inaccesibles = {E}
P = { S ::= Cbb | B
B ::= a | Ba | λ
C ::= Sa | a | abB}
Eliminación de reglas no generativas: B::= λ
P = { S ::= Cbb | B | λ
B ::= a | Ba
C ::= Sa | a | abB | ab}
Eliminación de reglas de redenominación: S::=B
P = { S ::= Cbb | a | Ba | λ
B ::= a | Ba
C ::= Sa | a | abB | ab}
La gramática bien formada equivalente es la siguiente (obsérvese que “c” no pertenece al
alfabeto de símbolos terminales de la gramática, puesto que no hay ninguna regla que lo
genere):
G = ({a, b},{S, B,C), S, P)
P = { S ::= Cbb | a | Ba | λ
B ::= a | Ba
C ::= Sa | a | abB | ab}
b) Transformación a FNC
La transformación de dicha gramática en una gramática en forma formal de Chomsky
conlleva la substitución de las siguientes reglas:
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Ejercicios de Lenguajes y Gramáticas
S::=Cbb
S::=CD
D::=EE
E::=b
S::=Ba
S::=BF
F::=a
B::=Ba
B::=BF
C::=Sa
C::=SF
C::=abB
C::=FG
G::=EB
C::=ab
C::=FE
La gramática en forma normal de Chomsky resultante será, por tanto:
G = ({a, b},{S, B,C,D,E,F,G), S, P)
P = { S ::= CD | a | BF | λ
B ::= a | BF
C ::= SF | a | FG | FE
D ::=EE
E ::= b
F ::= a
G ::= EB}
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Ejercicios de Lenguajes y Gramáticas
10. Sea la gramática G, hallar su FNG equivalente. (T4p2E11)
G = ({a,b}, {S}, S, P), donde P = {S::=aSb | SS | λ}
Solución:
1.- Hay que eliminar la recursividad a izquierdas:
S ::= aSb | SS | λ → (se transforma en)→ S ::= aSb | aSbX | λ y X ::= SX | S
2.- Hay que ordenar los no terminales: {X, S} y clasificar las reglas según este orden:
S ::= aSb (G1, aunque hay que quitar el terminal que está detrás del no terminal)
S ::= aSbX (G1, aunque hay que quitar el terminal que está detrás del no terminal)
S ::= λ (G1)
X ::= SX (G2)
X ::= S (G2)
3.- Ttransformamos las de grupo G2 en grupo G1:
X ::= SX
→S ::= aSb→ X ::= aSbX (G1, aunque hay que quitar el terminal que está
detrás del no terminal)
→S ::= aSbX→ X ::= aSbXX (G1, aunque hay que quitar el terminal que
está detrás del no terminal)
X ::= S
→S ::= aSb→ X ::= aSb (G1, aunque hay que quitar el terminal que está
detrás del no terminal)
→S ::= aSbX→ X ::= aSbX (G1, aunque hay que quitar el terminal que
está
detrás del no terminal)
4.- Introducimos un nuevo símbolo para quitar el b:
B ::= b
y la Gramática en FNG queda:
G’ = ({a,b}, {S,X,B}S, P’})
P’ = {
S ::= aSB | aSbB | λ
X ::= aSBX | aSBXX | aSB
B ::= b
}
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