Problemas Complementarios 2.12. Se cruzan varios cobayos del mismo genotipo y producen una progenie de 29 negros y nueve blancos. Que puede usted predecir acerca del genotipo de los progenitores? Datos: 29--- Negros --Bb 9--- Blanco –-- Bb B b B BB Bb b Bb bb Genotipo: 1= BB, 2=Bb, 1=bb Fenotipo: 3=negros, 1blanco Teniendo en cuenta los datos se hacen cruces entre homocigotos y heterocigotos y debido al porcentaje de individuos negras que predominó en la F1 es más factible deducir que los progenitores son heterocigotos (como se muestra en la tabla de cruce.) 2.13. Si se hace una cruza de prueba a un cobayo negro hembra y produce al menos un descendiente blanco determine. a) el genotipo y fenotipo del progenitor masculino que produjo al menos un descendiente blanco. b) el genotipo de la hembra. El cruce de prueba se hace con un progenitor recesivo en este caso blanco Bb X _b B B b Bb Bb b Bb Bb B b b Bb bb b Bb bb Si es puro BB el 100% será negro Si es hibrido 50% negro y 50% blanco 2.14. Cobayos heterocigotos negros Bb se cruzan con homocigos recesivos blancos bb. Pronostique las proporciones genotípica y fenotípica esperadas del retocruzamiento de la progenie F1 con a) el progenitor negro b) el progenitor blanco. Cruce: hibridos negro X homocigotos recesivos Alelo dominante --- Negro B Recesivo ----- Blanco b B b b Bb bb b Bb bb Gametos B b ½ Bb: ½ negro ½ bb: ½ Blanco Cruce de la F1 (Retrocuza con Negro) Bb x Bb B b B BB Bb b Bb bb B b b Bb bb b Bb bb Gen ¼ BB ; ½ Bb ; ¼ bb Gen ½ Bb : ½ bb 2.32. En la prímula china se conoce una serie de alelos múltiples donde A(tipo Alejandría= ojos blancos) an ( tipo normal= ojos amarillos) > a (tipo reina= ojos amarillos grandes). En liste todos los posibles genotipos para cada uno de los fenotipos de esta serie. A-> A =AA an ->A = Aan a ->A=Aa n n n n n n A-> a = Aa a -> a = a a a-> an = ana n n A-> a= Aa a ->a= a a a ->a=aa (tipo Alejandría= ojos blancos)AA,Aan,Aa ( tipo normal= ojos amarillos)anan,ana (tipo reina= ojos amarillos grandes). aa 2.33. El color del plumaje de los patos silvestres depende de una serie de tres alelos: MR para patrón silvestre restringido, M para silvestre y m para silvestre oscuro. La jerarquía de dominancia es MR > M >m. Determine las proporciones genotípicas y fenotípicas esperadas en la para la siguiente cruza: a) MR MR x MR M b)MR MR x MR m c)MR M x MR m d) MR m x mm e) Mm x mm A) MR MR X MR M MR MR MR M R MR MR MR M MR M MR M 1/2 MR MR 1/2 MR M - 100% SILVESTRE RESTRINGIDO B) MR MR X MR m MR MR M R MR MR MR MR m MR m MR m 1/2 MR MR 1/2 MR M - 100% SILVESTRE RESTRINGIDO C) MR M X MR m MR M R R R M M M MR M R m M m Mm R R R R 1/4M M ,1/4M M, 1/4M m, 1/4Mm 75% SILVESTRE RESTRINGIDO 25% SILVESTRE D)MR m X Mm MR m R M M M Mm R m M m mm 1/4MRM ,1/4Mm , 1/4MR m , 1/4mm 50% SILVESTE RESTRINGIDO 25% SILESTRE 25% SILVESTRE OSCURO E)Mm X mm M Mm Mm m m 1/2 Mm 1/2 mm 50% SILVESTRE m mm mm 50% SILVESTRE OSCURO 2.34. En el trébol se conoce una serie de alelos de autoincompatibilidad que inhibe el crecimiento del tubo del polen bajo el estilo de una planta diploide, cuando este último contiene los mismos alelos de autoincompatibilidad que aquellos del tubo del polen. Dada una serie de alelos autoincompatibles S1,S2, S3, S4, ¿ que proporciones genotípicas podrían esperarse en el embrión y el endospermo de las semillas de las siguientes cruzas? A) B) C) D) SEMILLAS PROGENITORAS S1 S4 S1 S2 S1 S3 S2 S3 POLEN PROGENITOR S3 S4 S1 S2 S2 S4 S3 S4 2.35 El color del pelaje de muchos animales exhibe el patrón “agutí”, el cual se caracteriza por una banda amarilla de pigmento cerca de la punta de los pelos. En los conejos, se conoce una serie de alelos múltiples donde los genotipos 𝐸 𝐷 𝐸 𝐷 Y 𝐸 𝐷 𝑒 producen solo pelaje negro (no agutí), pero el genotipo heterócigo 𝐸 𝐷 𝐸 produce pelaje negro con rastros de agutí. Los genotipos 𝐸𝐸 𝑜 𝐸𝑒 producen color completo, y el alelo recesivo 𝑒𝑒 produce color amarillo rojizo. ¿Qué proporciones genotípicas y fenotípicas deben esperarse en la 𝐹1 𝑌 𝑙𝑎 𝐹2 de las cruzas: a- 𝐸 𝐷 𝐸 𝐷 × 𝐸𝑒 b-𝐸 𝐷 𝑒 × 𝑒𝑒? a- 𝐸 𝐷 𝐸 𝐷 × 𝐸𝑒 𝐸𝐷 𝐸𝐷 𝐸 𝐸𝐷 𝐸 𝐸𝐷 𝐸 𝑒 𝐸𝐷 𝑒 𝐸𝐷 𝑒 F1: Genotipo y fenotipo: 1 𝐸 𝐷 𝐸 (Pelaje negro con rastros de agutí.) 2 1 2 𝐸 𝐷 𝑒 (Pelaje negro no agutí. ) 𝐸𝐷 𝐸 𝐸𝐷 𝐸𝐷 𝐸𝐷 𝐸𝐷 𝐸 𝑒 𝐸𝐷 𝑒 𝐸𝑒 F2: RESPUESTA: Fenotipo: 1 Pelaje negro no agutí. 4 1 4 1 4 1 Pelaje negro con rastros agutí. Pelaje negro no agutí. Color completo. Genotipo: 1 𝐸𝐷 𝐸𝐷 4 4 1 4 1 4 1 4 𝐸𝐷 𝐸 𝐸𝐷 𝑒 𝐸𝑒 b- 𝐸 𝐷 𝑒 × 𝑒𝑒 𝐸𝐷 𝑒 𝑒 𝐸𝐷 𝑒 𝑒𝑒 𝑒 𝐸𝐷 𝑒 𝑒𝑒 F1: Genotipo y fenotipo: 1 𝐸 𝐷 𝑒 (Negro no agutí) 2 1 2 𝑒𝑒 𝑒 (Amarillo rojizo) 𝐸𝐷 𝑒 𝐸𝐷 𝑒 𝑒𝑒 𝐸𝐷 𝑒 𝑒 𝑒𝑒 F2: RESPUESTA: Genotipo y fenotipo: 1 𝐸𝐸 𝐸 (Negro no agutí) 2 1 2 𝐸𝐸 (Amarillo rojizo) 2.36. La herencia del color del pelaje en el ganado incluye una serie de alelos múltiples con una jerarquía de dominancia como sigue S ˃ 𝐸𝐸 ˃ 𝐸𝐸 ˃ s. el alelo S produce una banda blanca alrededor de la parte media del cuerpo del animal que es dominada faja holandesa; el alelo 𝐸𝐸 produce macho de tipo Hereford; el color solido resulta del alelo 𝐸𝐸 ; y un macho de tipo Holstein de un alelo s. machos homocigos con faja holandesa son cruzados con hembras con manchado tipo Holstein. Las hembras F1 son cruzadas con un macho con manchado tipo hereford de genotipo 𝐸𝐸 𝐸𝐸 . Pronostique las frecuencias genotípicas y fenotípicas en la descendencia. S S s Ss Ss s Ss Ss F1: Fenotipo y genotipo: 100% Ss faja holandesa. 𝐸𝐸 𝐸𝐸 S 𝐸 𝐸𝐸 𝐸𝐸𝐸 s 𝐸𝐸 𝐸 𝐸𝐸 s F2: RESPUESTA: Genotipo: 1 4 1 4 1 4 𝐸𝐸 𝐸𝐸 𝐸 𝐸 𝐸ℎ 𝐸 1 𝐸 𝐸 s 4 Fenotipo: 1 Con faja holandesa. 2 1 4 1 4 Manchado tipo Hereford. Color sólido. 2.37. Un hombre del grupo sanguíneo B es sometido a un juicio de paternidad por una mujer de grupo sanguíneo A. el hijo de la mujer es de grupo sanguíneo O. a- ¿es el hombre el padre de este niño? Explique. b- si el hombre es el padre del niño, especifique los genotipos de ambos progenitores. c- si resulta imposible que este hombre de grupo B sea el padre de un niño de tipo O, sin importar el genotipo de la madre, especifique su genotipo. d- si un hombre es de tipo AB, ¿puede ser el padre de un niño de tipo O? Respuesta: a- El hombre puede ser el padre del niño. Debido a lo siguiente si el padre es heterocigoto B y la madre es también heterocigoto A el hijo puede salir de tipo O. O B A AB AO O BO OO Genotipo: ¼: AB, ¼: AO, 1/4: BO Y ¼ OO. b- Genotipo del padre y la madre: genotipo del padre BO Y la medre AO. O B A AB AO O BO OO Genotipo: ¼: AB, ¼: AO, 1/4: BO Y ¼ OO. c- SI el padre no resulta ser su padre. El padre tendría que ser de un genotipo: BB sin importar el genotipo de la madre. B B A AB AB O BO BO 50% AB Y 50% BO. B B A AB AB A AB AB 100% AB. d- De ninguna manera un padre de tipo AB pueda ser el padre de un niño O. Porque el padre seria dominante y enmascararía el gen O. e- 2.3.8 una serie de alelos múltiples gobierna la intensidad de la pigmentación en el ratón. De tal forma que D = color solido). Color diluido y d' es letal en condiciones homocigota. El orden de dominancia es D > d > d'. Un ratón totalmente coloreado portador del letal es apareado con un ratón de color diluido, también portador del letal. La F1 es retrocruzada con el progenitor de color diluido f- a).Que porcentaje fenotípica se espera en la progenesis viable de la retrocruza?, b) que porcentaje de la progenia totalmente coloreada de la retrocruza porta el alelo letal, c) que fracción de la progenia de color diluida porta el alelo letal? gh- Desarrollo i- Alelos múltiples jk- D: color sólido l- d: color diluido m- d1: letal nDd ; d dl o- P→ D dl x ddl F1 dd Dd Dd1 d1d d1d1 1 1 Dddd Dddd dd dd ddd1d1 solido solido diluido letal pq- a). 75% viable 25% letal. r- b). 25% letal sólido con gen letal. s- c). 25% diluido letal. tu- Análisis de pedigrí v- 2.3.9. La expresión fenotípica de un gen dominantes en el ganado Ayrshire es una muesca en la punta de la oreja. En el siguiente pedigrí, donde los símbolos negros representa individuos con muecas, determine las probabilidades de progenia con muecas producida por los apareamientos a)1111 X 1113, b) 1112. X 1113, c) 1113 X 1114, d) 1111 X 1115, e) 1112 X 1115. w- x- yz- a). lll1 X lll3 aabbaa x aa cca a a aa aa a aa aa ddee- Genotipo: 100% aa ff- Fenotipo: 100% sin mueca gghh- b). lll2 X lll3 iijjAa x aa kkA a a Aa aa a Aa aa ll- Genotipo: 1/2 Aa, 1/2 aa mmFenotipo : 1/2 con mueca ; 1/2 sin mueca nnoo- c). lll3 x lll4 ppqqaa x aa rra a a aa aa a aa aa sstt- Genotipo: 100 % aa uu- Fenotipo: 100 % sin mueca vvwwd) lll1 x lll5 xxyyaa x Aa zzA a a Aa aa a Aa aa aaabbbcccdddeeefffggghhh- Fenotipo: 1/2 Aa ; 1/2 aa Genotipo: 1/2 con mueca ; 1/2 sin mueca e) lll2 x lll5 Aa x Aa A a A AA Aa a Aa aa iiijjj- Fenotipo : 1/4 AA ; 1/2 Aa ;1/4 aa kkkGenotipo: 3/4 con mueca ; 1/4 sin mueca lll- B